Выбери формат для чтения
Загружаем конспект в формате pdf
Это займет всего пару минут! А пока ты можешь прочитать работу в формате Word 👇
1
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Лекция 3.9
§5. Линейные неоднородные дифференциальные уравнения второго порядка
с постоянными коэффициентами
Линейное неоднородное дифференциальное уравнение (ЛНДУ) второго порядка с
постоянными коэффициентами имеет вид 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓(𝑥), где p и q –
произвольные действительные числа, а функция f(x) – непрерывна на интервале
интегрирования X.
Сформулируем теорему, которая показывает в каком виде искать общее решение
ЛНДУ. Данная теорема определяет структура общего решения такого уравнения.
Замечание.
Теорема справедлива и когда p(x), q(x) являются непрерывными на интервале
интегрирования X.
Теорема.
Общее решение линейного неоднородного уравнение представляется как сумма
какого-нибудь
частного
решения
этого
уравнения
и
общего
решения
соответствующего однородного уравнения, т.е. y = Y + y* ,
где y - общее решение линейного неоднородного уравнения,
Y - общее решение линейного однородного уравнения
и y* - частное решение рассматриваемого неоднородного уравнения.
Доказательство.
Докажем сначала, что функция y является решением рассматриваемого уравнения.
Подставляя
y
=
Y
+
y*
в
исходное
уравнение,
получим:
.
Так как Y есть решение однородного уравнения, то выражение, стоящее в первых
скобках, равно нулю. Выражение, стоящее во вторых скобках, равно f(x), т.к. y* есть
решение неоднородного уравнения.
2
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Докажем теперь, что решение y = Y + y* является общим решением
рассматриваемого уравнения, т.е. докажем, что входящие в него произвольные
постоянные можно подобрать так, чтобы удовлетворялись начальные условия:
. Общее решение линейного однородного уравнения можно
представить в форме
этого уравнения, а
, где
и
и
линейно независимые решения
произвольные постоянные.
Рассматриваемое решение можно записать в форме
.
Используя начальные условия, будем иметь:
.
Из этой системы уравнений нужно определить
и
.
Переписав систему в виде
замечаем, что определитель этой системы есть определитель Вронского для
функций
и
в точке
. Так как эти функции линейно независимы, то
определитель Вронского не равен нулю. Следовательно, система имеет
определенное решение
и
:
,
При этих значениях
и
.
мы и получим частное решение, удовлетворяющее
заданным начальным условиям. Следовательно, решение
3
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
является
общим
решением
рассматриваемого
линейного
неоднородного
уравнения.
Таким образом, доказано, что решение неоднородного уравнения есть сумма
y = Y + y* .
Замечание.
Общим решением линейного неоднородного дифференциального уравнения
второго порядка с постоянными коэффициентами является сумма общего решения
соответствующего ЛОДУ второго порядка с постоянными коэффициентами и
частного решения исходного ЛНДУ:
y = Y + y* .
Поскольку нахождение общего решения однородного уравнения Y описано в
предыдущей лекции, для построения общего решения линейного неоднородного
дифференциального уравнения:
y = Y + y*
нам необходимо научиться определять y* (частное решение ЛНДУ).
Теорема.
Если y1 является решением уравнения 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓1 (𝑥) , а y2 решением
уравнения 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓2 (𝑥) , то y1 +y2 есть решение уравнения
𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓1 (𝑥) + 𝑓2 (𝑥) .
Доказательство.
По условию 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓1 (𝑥)
и 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓2 (𝑥) , поэтому
,
что и требовалось доказать. Этот результат называется “принципом наложения”.
Метод вариации произвольных постоянных (метод Лагранжа)
Этот метод применяется для отыскания частного решения y* линейного
неоднородного уравнения, когда известно общее решение соответствующего
линейного однородного уравнения. Пусть дано линейное неоднородное уравнение
второго
порядка
𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓(𝑥)
и
пусть
общим
решением
4
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
соответствующего однородного уравнения 𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 0 является функция
y=C1y1+C2y2 ,
где y1 и y2 - два линейно-независимых решения однородного уравнения.
В такой же форме будем искать и частное решение y* линейного неоднородного
уравнения, только C1 и C2 будем считать не произвольными постоянными, а
некоторыми, пока неизвестными функциями от x , т.е. будем считать, что
y*=C1(x)y1+C2(x)y2.
Дифференцируя, получим:
.
Функции C1(x) и C2(x) мы будем считать выбранными так, что
.
Тогда
и
.
Подставляя теперь
в исходное уравнение, получим:
.
Но
и
, т.к. y1 и y2 являются решениями
однородного уравнения.
Следовательно, последнее равенство запишется:
.
Итак, функция y*=C1(x)y1+C2(x)y2 будет удовлетворять заданному уравнению, если
функции C1(x) и C2(x) удовлетворяют двум условиям:
.
Имеем систему двух уравнений с двумя неизвестными C1(x) и C2(x)
5
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Определитель этой системы
,
т.к. он является определителем Вронского для линейно независимых функций
и
.
Решая эту систему, мы найдем C1’(x) и C2 ‘(x)
как определенные функции от x :
.
Интегрируя, получим:
При этих значениях
и
и
.
получим частное решение
y*=C1(x)y1+C2(x)y2 .
Общее решение: y = Y + y*= C1y1+C2y2+ y*.
На основании вышеизложенного применяется следующий алгоритм действий:
o
находится общее решение соответствующего линейного однородного
уравнения как y0 = C1y1 + C2y2, где y1 и y2 - линейно независимые частные
решения ЛОДУ, а С1 и С2 – произвольные постоянные;
o
варьируются произвольные постоянные, то есть, в качестве общего решения
исходного ЛНДУ принимается y = C1(x)y1+C2(x)y2;
o
производные функций C1(x) и С2(x) определяются из системы уравнений
, а сами функции C1(x) и C2(x) находятся
при последующем интегрировании.
Пример. Найдите общее решение линейного неоднородного дифференциального
уравнения второго порядка
Решение.
.
6
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Характеристическое уравнение соответствующего однородного уравнения
имеет корни
.
Значит, Y=C1cos2x+C2sin2x .
Будем искать частное решение в форме y*=C1 (x)cos2x+C2 (x)sin2x.
C1' (x) и C2' (x) находим, решая систему уравнений
.
Интегрируя, находим:
.
Следовательно,
,
а общее решение
.
Пример. Найдите общее решение линейного неоднородного дифференциального
уравнения второго порядка
.
Решение.
Несложно
заметить,
что
линейно
соответствующего ЛОДУ
независимыми
являются
частными
и
решениями
, то есть,
. Варьируем произвольные постоянные, и в качестве общего
решения
исходного
дифференциального
.
Составляем систему уравнений
уравнения
примем
7
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Для ее решения используем метод Крамера:
Интегрируем полученные выражения для нахождения C1(x) и C2(x):
Таким
образом,
общее
решение
исходного
линейного
неоднородного
дифференциального уравнения второго порядка имеет вид
.
Пример. Найдите общее решение дифференциального уравнения
.
Решение.
8
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Находим сначала y*, для этого записываем характеристическое уравнение
соответствующего линейного однородного дифференциального уравнения
и решаем его:
𝑘 2 + 36 = 0
𝑘1 = 6𝑖, 𝑘2 = −6𝑖
𝑌 = 𝐶1 cos (6𝑥) + 𝐶2 sin (6𝑥)
𝑦1 = cos(6𝑥) 𝑦2 = sin (6𝑥)
Варьируем произвольные постоянные, то есть, общее решение исходного
уравнения ищем в виде
.
Определим производные функций C1(x) и C2(x) из системы уравнений:
Решаем систему относительно неизвестных
и
любым способом.
Ее решениями являются
Проинтегрировав каждое уравнение (при необходимости обратитесь к разделу
методы интегрирования), получаем
9
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Следовательно,
общее
дифференциального
решение
уравнения
исходного
второго
линейного
порядка
с
неоднородного
постоянными
коэффициентами имеет вид
Метод неопределенных коэффициентов
или метод подбора по правой части
Этот метод применяется в том случае, когда правая часть уравнения f (x) является
функцией специального вида
f ( x) = e x Pn ( x)cos x + Qm ( x)sin x ,
где
Pn ( x) и Qm ( x)
- многочлены степеней n и m соответственно для
нахождения y* частного решения ЛНДУ.
Основная идея метода подбора решения уравнения по правой части заключается в
том, что частное решение этого уравнения ищется в виде функции такого же вида,
как и 𝑓(𝑥) = 𝑒 𝛼𝑥 [𝑃𝑛 (𝑥) 𝑐𝑜𝑠 𝛽 𝑥 + 𝑄𝑚 (𝑥) 𝑠𝑖𝑛 𝛽 𝑥].
Алгоритм нахождения частного решения
Рассмотрим ЛНДУ второго порядка с постоянными коэффициентами
10
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
𝑦 ″ + 𝑝𝑦 ′ + 𝑞𝑦 = 𝑓(𝑥),
где 𝑓(𝑥) = 𝑒 𝛼𝑥 [𝑃𝑛 (𝑥) 𝑐𝑜𝑠 𝛽 𝑥 + 𝑄𝑚 (𝑥) 𝑠𝑖𝑛 𝛽 𝑥].
1. По виду правой части рассматриваемого уравнения выписываем числа
𝛼, 𝛽, 𝑛 и 𝑚.
2. Составляем контрольное число 𝑧 = 𝛼 + 𝑖𝛽.
3. Найдем 𝑠 = 𝑚𝑎𝑥{𝑛, 𝑚}.
4. Составляем характеристическое уравнение
𝑘 2 + 𝑝𝑘 + 𝑞 = 0
и найдем его корни 𝑘1 и 𝑘2 .
5. Сравнивая z с 𝑘1 и 𝑘2 , найдем число λ по правилу:
0, если 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 ≠ 𝑘2 ;
𝜆 = {1, если 𝑧 = 𝑘1 , 𝑧 ≠ 𝑘2 или 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 = 𝑘2 ;
2, если 𝑧 = 𝑘1 , 𝑧 = 𝑘2 .
6. Записываем частное решение в виде
𝑦∗ = 𝑥 𝜆 𝑒 𝛼𝑥 [𝑃̃𝑠 (𝑥) 𝑐𝑜𝑠 𝛽 𝑥 + 𝑄̃𝑠 (𝑥) 𝑠𝑖𝑛 𝛽 𝑥],
где 𝑃̃𝑠 (𝑥) и 𝑄̃𝑠 (𝑥) - многочлены степени s с неопределенными коэффициентами.
7. Находим эти неопределенные коэффициенты подстановкой 𝑦∗ и его
производных в исходное уравнение.
8. Выписываем 𝑦∗ с учетом найденных коэффициентов.
Пример. Найдите общее решение дифференциального уравнения
𝑦 ″ + 2𝑦 ′ = 𝑒 −2𝑥 (𝑥 + 1).
Решение.
Исходное уравнение – ЛНДУ второго порядка с постоянными коэффициентами и
стандартной правой частью. Ищем его частное решение согласно приведенному
выше алгоритму:
1. 𝛼 = −2, 𝛽 = 0, 𝑛 = 1, 𝑚 = 0.
2. 𝑧 = −2.
3. 𝑠 = 𝑚𝑎𝑥{1,0} = 1.
4. 𝑘 2 + 2𝑘 = 0 ⇒ 𝑘1 = 0, 𝑘2 = −2.
5. 𝜆 = 1, так как 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 = 𝑘2 .
11
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
6. 𝑦∗ = 𝑥𝑒 −2𝑥 (𝐴𝑥 + 𝐵). Заметим, что при 𝛽 = 0 𝑐𝑜𝑠𝛽𝑥 = 1, 𝑠𝑖𝑛 𝛽 𝑥 = 0.
7. Для нахождения производных перепишем 𝑦∗ в виде
𝑦∗ = 𝑒 −2𝑥 (𝐴𝑥 2 + 𝐵𝑥).
Тогда
𝑦∗ ′ = −2𝑒 −2𝑥 (𝐴𝑥 2 + 𝐵𝑥) + 𝑒 −2𝑥 (2𝐴𝑥 + 𝐵) =
= 𝑒 −2𝑥 (−2𝐴𝑥 2 − 2𝐵𝑥 + 2𝐴𝑥 + 𝐵);
𝑦∗ ″ = −2𝑒 −2𝑥 (−2𝐴𝑥 2 − 2𝐵𝑥 + 2𝐴𝑥 + 𝐵) + 𝑒 −2𝑥 (−4𝐴𝑥 − 2𝐵 + 2𝐴) =
= 𝑒 −2𝑥 (4𝐴𝑥 2 + 4𝐵𝑥 − 4𝐴𝑥 − 2𝐵 − 4𝐴𝑥 − 2𝐵 + 2𝐴) =
= 𝑒 −2𝑥 (4𝐴𝑥 2 − 8𝐴𝑥 + 4𝐵𝑥 + 2𝐴 − 4𝐵).
Подставим 𝑦∗ ′ и 𝑦∗ ″ в левую часть исходного уравнения с учетом его постоянных
коэффициентов:
𝑒 −2𝑥 (4𝐴𝑥 2 − 8𝐴𝑥 + 4𝐵𝑥 + 2𝐴 − 4𝐵) +
+𝑒 −2𝑥 (−4𝐴𝑥 2 + 4𝐴𝑥 − 4𝐵𝑥 + 2𝐵) = 𝑒 −2𝑥 (𝑥 + 1).
Сокращая на
e−2 x 0 , имеем
4𝐴𝑥 2 − 8𝐴𝑥 + 4𝐵𝑥 + 2𝐴 − 4𝐵 − 4𝐴𝑥 2 + 4𝐴𝑥 − 4𝐵𝑥 + 2𝐵 = 𝑥 + 1,
или
−4𝐴𝑥 + 2𝐴 − 2𝐵 = 𝑥 + 1.
Два многочлена равны тогда и только тогда, когда равны их коэффициенты при
одинаковых степенях
x.
Имеем
1
𝑥 1 : −4𝐴 = 1 ⇒ 𝐴 = − ;
4
3
𝑥 0 : 2𝐴 − 2𝐵 = 1 ⇒ 𝐵 = − .
4
1
3
8. 𝑦∗ = 𝑥𝑒 −2𝑥 (− 𝑥 − ).
4
4
Отметим, что полученные в п.4 значения
1 и 2
позволяют записать общее
решение ЛОДУ, соответствующего данному ЛНДУ:
𝑦𝑜𝑜 = 𝐶1 + 𝐶2 𝑒 −2𝑥 .
Тогда по теореме о структуре общего решения ЛНДУ имеем
12
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
1
3
𝑦он = 𝑦𝑜𝑜 + 𝑦∗ = 𝐶1 + 𝐶2 𝑒 −2𝑥 + 𝑥𝑒 −2𝑥 (− 𝑥 − ).
4
4
Ответ. Общее решение
1
3
𝑦он = 𝑦𝑜𝑜 + 𝑦чн = 𝐶1 + 𝐶2 𝑒 −2𝑥 + 𝑥𝑒 −2𝑥 (− 𝑥 − ).
4
4
Пример. Найдите общее решение дифференциального уравнения
𝑦 ″ − 2𝑦 ′ + 2𝑦 = 𝑥 2 − 5 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Решение.
Правая часть исходного ЛНДУ второго порядка с постоянными коэффициентами
представляет собой сумму двух функций стандартного вида
𝑓1 (𝑥) = 𝑥 2 и 𝑓2 (𝑥) = −5 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Следовательно, согласно “принципу наложения”, его частное решение есть сумма
двух частных решений соответственно уравнений 𝑦 ″ − 2𝑦 ′ + 2𝑦 = 𝑥 2 и
𝑦 ″ − 2𝑦 ′ + 2𝑦 = −5 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Найдем эти решения, используя приведенный алгоритм:
I. 𝒚″ − 𝟐𝒚′ + 𝟐𝒚 = 𝒙𝟐 .
1. 𝛼 = 0, 𝛽 = 0, 𝑛 = 2, 𝑚 = 0.
2. 𝑧 = 0.
3. 𝑠 = 𝑚𝑎𝑥{2,0} = 2.
4. 𝑘 2 − 2𝑘 + 2 = 0 ⇒ 𝑘1,2 =
2±√4−8
2
=
2±2𝑖
2
= 1 ± 𝑖.
5. 𝜆 = 0, так как 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 ≠ 𝑘2 .
6. 𝑦∗ 𝐼 = 𝐴𝑥 2 + 𝐵𝑥 + 𝐶.
7. (𝑦∗ 𝐼 )′ = 2𝐴𝑥 + 𝐵; (𝑦чн 𝐼 )″ = 2𝐴.
2𝐴 − 2(2𝐴𝑥 + 𝐵) + 2(𝐴𝑥 2 + 𝐵𝑥 + 𝐶) = 𝑥 2 или
2𝐴𝑥 2 + (−4𝐴 + 2𝐵)𝑥 + (2𝐴 − 2𝐵 + 2𝐶) = 𝑥 2 .
1
𝑥 2 : 2𝐴 = 1 ⇒ 𝐴 = ;
2
𝑥 1 : −4𝐴 + 2𝐵 = 0 ⇒ 𝐵 = 1;
1
𝑥 0 : 2𝐴 − 2𝐵 + 2𝐶 = 0 ⇒ 𝐶 = .
2
13
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
1
1
2
2
8. 𝑦∗′ = 𝑥 2 + 𝑥 + .
II. 𝒚″ − 𝟐𝒚′ + 𝟐𝒚 = −𝟓 𝒔𝒊𝒏 𝒙.
1. 𝛼 = 0, 𝛽 = 1, 𝑛 = 0, 𝑚 = 0.
2. 𝑧 = 𝑖.
3. 𝑠 = 𝑚𝑎𝑥{0,0} = 0.
4. 𝑘 2 − 2𝑘 + 2 = 0 ⇒ 𝑘1,2 = 1 ± 𝑖.
5. 𝜆 = 0, так как 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 ≠ 𝑘2 .
6.𝑦∗ 𝐼𝐼 = 𝐴 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐵 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
7. (𝑦чн 𝐼𝐼 )′ = −𝐴 𝑠𝑖𝑛 𝑥 + 𝐵 𝑐𝑜𝑠 𝑥 ; (𝑦чн 𝐼𝐼 )″ = −𝐴 𝑐𝑜𝑠 𝑥 − 𝐵 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
−𝐴 𝑐𝑜𝑠 𝑥 − −𝐵 𝑠𝑖𝑛 𝑥 + 2𝐴 𝑠𝑖𝑛 𝑥 − 2𝐵 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 2𝐴 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 2𝐵 𝑠𝑖𝑛 𝑥 =
= −5 𝑠𝑖𝑛 𝑥 или(𝐴 − 2𝐵) 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + (2𝐴 + 𝐵) 𝑠𝑖𝑛 𝑥 = −5 𝑠𝑖𝑛 𝑥
cos x : A − 2 B = 0 A = −2;
sin x : 2 A + B = −5 B = −1.
8. 𝑦∗′′ = −2 𝑐𝑜𝑠 𝑥 − 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Общее решение ЛОДУ при
1,2 = 1 i
имеет вид
𝑦𝑜𝑜 = 𝐶1 𝑒 𝑥 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐶2 𝑒 𝑥 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Общее решение ЛНДУ 𝑦он = 𝑦𝑜𝑜 + 𝑦∗𝐼 + 𝑦∗𝐼𝐼 , откуда
1
1
𝑦𝑜н = 𝐶1 𝑒 𝑥 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐶2 𝑒 𝑥 𝑠𝑖𝑛 𝑥 + 𝑥 2 + 𝑥 + − 2 𝑐𝑜𝑠 𝑥 − 𝑠𝑖𝑛 𝑥 =
2
2
𝑥2
1
= (𝐶1 𝑒 − 2) 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + (𝐶2 𝑒 − 1) 𝑠𝑖𝑛 𝑥 + + 𝑥 + .
2
2
𝑥
𝑥
Ответ. Общее решение
𝑦𝑜н
𝑥2
1
= (𝐶1 𝑒 − 2) 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + (𝐶2 𝑒 − 1) 𝑠𝑖𝑛 𝑥 + + 𝑥 + .
2
2
𝑥
𝑥
Пример. Найдите общее решение дифференциального уравнения
y IV − y = x3 + 1 .
Решение.
14
Лекция 3.9 ЛНДУ с постоянными коэффициентами
Исходное уравнение – ЛНДУ четвертого порядка с постоянными коэффициентами
и стандартной правой частью. Ищем его частное решение, обобщая приведенный
выше алгоритм:
1. 𝛼 = 0, 𝛽 = 0, 𝑛 = 3, 𝑚 = 0.
2. 𝑧 = 0.
3. 𝑠 = 𝑚𝑎𝑥{3,0} = 3.
4. 𝑘 4 − 1 = 0 ⇒ (𝑘 + 1)(𝑘 − 1)(𝑘 2 + 1) = 0 ⇒
⇒ 𝑘1 = −1, 𝑘2 = 1, 𝑘3,4 = ±𝑖..
5. 𝜆 = 0, так как 𝑧 ≠ 𝑘1 , 𝑧 ≠ 𝑘2 , 𝑧 ≠ 𝑘3 , 𝑧 ≠ 𝑘4 .
6.𝑦∗ = 𝐴𝑥 3 + 𝐵𝑥 2 + 𝐶𝑥 + 𝐷.
7. 𝑦∗ ′ = 3𝐴𝑥 2 + 2𝐵𝑥 + 𝐶; 𝑦чн ″ =
‴
= 6𝐴𝑥 + 2𝐵; 𝑦чн
= 6𝐴; 𝑦чн 𝐼𝑉 = 0.
−𝐴𝑥 3 − 𝐵𝑥 2 − 𝐶𝑥 − 𝐷 = 𝑥 3 + 1.
𝑥 3 : −𝐴 = 1 ⇒ 𝐴 = −1;
𝑥 2 : −𝐵 = 0 ⇒ 𝐵 = 0;
𝑥 1 : −𝐶 = 0 ⇒ 𝐶 = 0;
𝑥 0 : −𝐷 = 1 ⇒ 𝐷 = −1.
8. 𝑦∗ = −𝑥 3 − 1.
Общее решение ЛОДУ четвертого порядка, соответствующего исходному ЛНДУ
четвертого порядка, имеет вид
𝑦𝑜𝑜 = 𝐶1 𝑒̄ 𝑥 + 𝐶2 𝑒 𝑥 + 𝐶3 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐶4 𝑠𝑖𝑛 𝑥.
Тогда 𝑦он = 𝑦𝑜𝑜 + 𝑦чн = 𝐶1 𝑒̄ 𝑥 + 𝐶2 𝑒 𝑥 + 𝐶3 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐶4 𝑠𝑖𝑛 𝑥 − 𝑥 3 − 1.
Ответ. Общее решение
𝑦он = 𝐶1 𝑒̄ 𝑥 + 𝐶2 𝑒 𝑥 + 𝐶3 𝑐𝑜𝑠 𝑥 + 𝐶4 𝑠𝑖𝑛 𝑥 − 𝑥 3 − 1.